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証明問題です。
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(1)x+1≧y+1≧1より1/(1+y)≧1/(1+x) 両辺ー1をかけて1を加えると、1-1/(1+y)≦1-1/(1+x) よって、y/(1+y)≦x/(1+x) (2)左辺を通分すると、 分子=|x|+|y|+|z|+2(|xy|+|yz|+|zx|)+3|xyz| 分母=1+|x|+|y|+|z|+|xy|+|yz|+|xyz| ここで A=|x|+|y|+|z|+|xy|+|yz|+|xyz| B=|x+y+z| とおくと、 A≧|x|+|y|+|z|≧B≧0 したがって、 問題の不等式の左辺 =(A+|xy|+|yz|+|zx|+3|xyz|)/(1+A) ≧A/(1+A) ≧B/(1+B) ←(1)を使う
- suko22
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(1)(左辺)-(右辺)=x/(1+x)-y/(1+y)=(x-y)/{(1+x)(1+y)}≧0(∵x≧y≧0だから) よって、x/(1+x)≧y/(1+y)が成り立つ。 (2)i x≧0、y≧0、z≧0のとき (左辺)-(右辺)=x/(1+x)+y/(1+y)+z/(1+z)-(x+y+z)/(1+x+y+z) =1-1/(1+x)+1-1/(1+y)+1-1/(1+z)-1+1/(1+x+y+z) =2-1/(1+x)-1/(1+y)-1/(1+z)+1/(1+x+y+z) =4-{(1+x)+1/(1+x)}-{(1+y)+1/(1+y)}-{(1+z)+1/(1+z)}+{(1+x+y+z)+1/(1+x+y+z)}・・・※ ここで、1+x>0、1/(1+x)>0なので相加相乗平均より、(1+x)+1/(1+x)≧2(等号成立x=0) 同様に(1+y)+1/(1+y)≧2(等号成立y=0)、(1+z)+1/(1+z)≧2(等号成立z=0)、(1+x+y+z)+1/(x+y+z)≧2(等号成立x=y=z=0) これらの関係より、 ※は、 4-{(1+x)+1/(1+x)}-{(1+y)+1/(1+y)}-{(1+z)+1/(1+z)}+{(1+x+y+z)+1/(1+x+y+z)}≧4-2-2-2+2=0(等号成立x=y=z=0) よって、x/(1+x)+y/(1+y)+z/(1+z)≧(x+y+z)/(1+x+y+z) ii x<0またはy<0またはz<0のとき |x|、|y|、|z|に対してiの結果を利用すると、 |x|/(1+|x|)+|y|/(1+|y|)+|z|/(1+|z|)≧(|x|+|y|+|z|)/(1+|x|+|y|+|z|)=1-1/(1+|x|+|y|+|z|)・・・※1 が成り立つ。 ここで|x|+|y|+|z|≧|x+y+z|≧0の関係を使うと、 ※1の右辺は 1-1/(1+|x|+|y|+|z|)≧1-1/(1+|x+y+z|)=|x+y+z|/(1+|x+y+z|) よって、|x|/(1+|x|)+|y|/(1+|y|)+|z|/(1+|z|)≧|x+y+z|/(1+|x+y+z|)が成り立つ。
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